2019年黑龙江省绥化市中考物理试卷（参考答案与试题解析）

2019年黑龙江省大庆市中考物理试卷（参考答案与试题解析）

2019年黑龙江省大庆市中考物理试卷（参考答案与试题解析）,中考物理,莲山课件.

2019年黑龙江省绥化市中考物理试卷

参考答案与试题解析

一、选择题（本题共10个小题，每小题2分，共20分．1-8小题每题只有一个正确选项；9、10小题每题有两个或两个以上正确选项，正确选项不全得1分，有错误选项不得分）

1．（2分）（2019•绥化）关于声现象，下列说法正确的是（  ）

A．声音在空气中传播速度是340m/s

B．地震、火山爆发只有超声波产生

C．工厂用的防噪声耳罩是在声源处减弱噪声

D．用超声波排除人体内的结石是利用了声可以传递能量

【解答】解：A、声音在15℃的空气中传播速度是340m/s，故A错误；

B、地震、火山爆发、台风等都伴有次声波产生，故B错误；

C、工厂用的防声耳罩是在人耳处减弱噪声，故C错误；

D、用超声波排除人体内的结石是利用了声可以传递能量，故D正确。

故选：D。

2．（2分）（2019•绥化）下列光现象中，属于光沿直线传播的实例是（  ）

A．光的色散 B．海市蜃楼

C．凸面镜可以扩大视野 D．手影

【解答】解：A、光的色散，是折射现象，故A不符合题意；

B、海市蜃楼是光通过不均匀的大气，发生的折射现象，故B不符合题意；

C、凸面镜可以扩大视野是光的反射现象，故C不符合题意；

D、手影是光沿直线传播形成的，故D符合题意。

故选：D。

3．（2分）（2019•绥化）下列数据与事实相符的是（  ）

A．一节新铅蓄电池电压为1.5V

B．人的正常体温大约是42℃

C．初中物理课本长度大约是26cm

D．托起两个鸡蛋所用的力大约是0.5N

【解答】解：

A、一节新铅蓄电池电压为2V，故A不符合实际；

B、人体的正常体温约为37℃，变化幅度不大，故B不符合实际；

C、初中物理课本长度大约是26cm，故C符合实际；

D、由课本知识知：托起两个鸡蛋所用的力大约是1N，故D不符合实际。

故选：C。

4．（2分）（2019•绥化）如图所示的四个装置中，说法正确的是（  ）

A．图甲装置原理可用来制作发电机

B．图乙装置可用来演示磁场对电流的作用

C．图丙装置可用来演示电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系

D．图丁装置在工作过程中将机械能转化为电能

【解答】解：

A、图甲没有电池，验证闭合电路的一部分导体切割磁感线时产生感应电流，是电磁感应现象实验，是发电机的原理图，故A正确；

B、图乙验证了通电导体周围存在磁场，这是奥斯特的实验，说明了电流的磁效应，故B错误；

C、图丙电流大小一定，匝数多的线圈吸引较多的铁钉，可用来演示电磁铁中磁性强弱与线圈匝数的关系，不能探究电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系，故C错误；

D、图丁有电池，验证通电导体在磁场中受力的实验，利用此装置原理制造了电动机，电动机在工作过程中将电能转化为机械能，故D错误。

故选：A。

5．（2分）（2019•绥化）如图是汽油机一个工作循环的四个冲程，不是靠飞轮惯性完成的冲程是（  ）

A． B．

C． D．

【解答】解：在汽油机的四个冲程中只有做功冲程对外做功，其他三个冲程都是靠飞轮的惯性完成的。

A图：排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程，不符合题意；

B图：两气门都关闭，活塞向下运行，火花塞点火，气缸容积增大，是做功冲程，符合题意；

C图：两气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，不符合题意；

D图：进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程，不符合题意。

故选：B。

6．（2分）（2019•绥化）下列说法中正确的是（  ）

A．干电池、蓄电池、电风扇等都是电源

B．导电的物体叫做导体，不导电的物体叫做绝缘体

C．直接用导线将电源的正、负极连接起来，这种情况叫做短路

D．试电笔只要接触火线，氖管就会发光

【解答】解：

A、电源是提供持续电流的装置，电风扇是用电器，不是电源，故A错误；

B、导体容易导电，绝缘体不容易导电，导体与绝缘体没有绝对的界线，故B错误；

C、直接用导线将电源的正、负极连接起来，这种情况叫做短路，故C正确；

D、只有测电笔使用正确时，测电笔接触火线，氖管才能发光，如果使用不正确，则氖管不能发光，故D错误。

故选：C。

7．（2分）（2019•绥化）下面四幅电路图中，仪表使用正确的是（  ）

A． B．

C． D．

【解答】解：A、电流表没有遵循正进负出，连接错误，故A错；

B、因为电流表遵循正进负出，连接正确，故B正确

C、电压表与用电器并联，且接线柱正进负出，连接错误，故C错；

D、电压表没有遵循正进负出，连接错误，故D错。

故选：B。

8．（2分）（2019•绥化）如图所示四个实例中，属于增大压强的是（  ）

A．滑雪板面积较大 B．骆驼宽大的脚掌

C．铁轨下铺设枕木 D．破窗锤敲击端做成锥状

【解答】解：

A．滑雪板面积较大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强的，故A不符合题意；

B．骆驼宽大的脚掌，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强的，故B不符合题意；

C．铁轨下铺设枕木，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强的，故C不符合题意；

D．破窗锤敲击端做成锥状，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故D符合题意。

故选：D。

9．（2分）（2019•绥化）下列说法中，不正确的是（  ）

A．写字时粉笔与黑板间的摩擦属于有害摩擦

B．两个不接触的物体间也能产生力的作用

C．同一足球运动时比静止时惯性大

D．竖直向上抛出的小球到达最高点时受平衡力作用

【解答】解：

A、老师写字时粉笔与黑板间的摩擦，是利用摩擦将字写在黑板上，若没有摩擦，字将无法写上，故粉笔与黑板间的摩擦是有益摩擦；故A错误；

B、两个不直接接触的物体间也能产生力的作用，如磁体间不直接接触也可以发生力的作用，故B正确；

C、惯性的大小只与物体的质量有关，同一足球运动和静止时质量不变，故惯性大也一样大，故C错误；

D、竖直向上抛出的物体在最高点时只受重力作用，不是平衡状态，故D错误；

故选：ACD。

10．（2分）（2019•绥化）如图甲所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从a端移动到b端的过程中，定值电阻R₁两端的电压随滑动变阻器R₂接入电路的阻值变化图象如图乙所示，下列说法正确的是（  ）

A．电源电压为6V

B．定值电阻R₁的阻值为10Ω

C．当滑片P在b端时，通过R₁的电流为0.6A

D．当滑动变阻器接入电路的阻值为20Ω时，R₁消耗的电功率为0.4W

【解答】解：由甲电路图可知，R₁与R₂串联，电压表测R₁两端的电压。

（1）当滑片位于a端时，接入电路中的电阻为0，电压表测电源两端电压，

由图乙可知，电源的电压U＝6V，故A正确；

（2）当滑片位于b端时，接入电路中的电阻最大，电压表的示数最小，

由图乙可知，滑动变阻器的最大阻值R₂＝50Ω，此时电压表的示数U₁＝1V，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，滑动变阻器两端的电压：

U₂＝U﹣U₁＝6V﹣1V＝5V，

因串联电路中各处的电流相等，

所以，通过R₁的电流：

I₁＝I₂＝＝＝0.1A，故C错误；

定值电阻R₁的阻值：

R₁＝＝＝10Ω，故B正确；

（3）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，当滑动变阻器接入电路的阻值为20Ω时，电路中的电流：

I＝＝＝0.2A，

R₁消耗的电功率：

P₁＝I²R₁＝（0.2A）²×10Ω＝0.4W，故D正确。

故选：ABD。

二、填空题（本题共12个小题，每空1分，共24分）

11．（2分）（2019•绥化）手机“微信”成为人们交流的一种方式。手机是靠发射和接收 电磁波 传递信息的。用手机发送微信时需要消耗电能，电能属于 二次 （选填“一次”或“二次”）能源。

【解答】解：

手机既是无线电发射台又是无线电接收台，手机“微信”是用电磁波把信息发射到空中，同时它又能在空中捕获电磁波；

用手机发送微信时需要消耗电能，电能属于二次能源。

故答案为：电磁波；二次。

12．（2分）（2019•绥化）现在许多宾馆都利用房卡取电，如图所示。只有把房卡插入槽中，房间内的用电器才能使用。房卡的作用相当于家庭电路中的 总开关（开关） ，房间里各用电器之间是 并 联的。

【解答】解：（1）房卡可以控制用电器的工作，不插入插槽中，所有房间内的用电器都不工作，所以房卡相当家庭电路干路上的总开关（开关）；

（2）房间里各用电器之间工作情况是互不影响，所以各用电器之间是并联。

故答案为：总开关（开关）；并。

13．（2分）（2019•绥化）“墙内开花墙外香”属于 扩散 现象。“钻木取火”是通过 做功 的方式改变物体内能的。

【解答】解：从分子动理论讲，“墙内开花墙外香”，属于扩散现象，这个现象说明了分子在永不停息的做无规则运动；

“钻木取火”克服摩擦做功，机械能可以转化为木头的内能，此过程是通过做功的方式改变木头的内能；

故答案为：扩散；做功。

14．（2分）（2019•绥化）如图所示，用丝线悬挂两个轻质绝缘小球。已知甲球与丝绸摩擦过的玻璃棒相排斥，则乙球带电情况是 带负电或不带电 。摩擦起电的本质是 电子 （选填“质子”“电子”或“原子核”）发生转移。

【解答】解：丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，甲球与带正电的玻璃棒相互排斥，则甲球带正电，甲吸引乙，乙可能带负电，有可能不带电；

摩擦起电是电子由一个物体转移到另一个物体的结果，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电，故摩擦起电的本质是电子发生转移。

故答案为：带负电或不带电；电子。

15．（2分）（2019•绥化）如图所示，自制气压计从八楼移动到一楼过程中，细管内水柱将 下降 （选填“上升”或“下降”）。两艘急速行驶的船不能近距离并排前行，因为并排行驶时两船中间水流速度大，压强 小 ，容易相撞。

【解答】解：

（1）拿着自制气压计八楼移动到一楼过程中，高度减小，大气压会随高度的减小而增加，外界大气压变大，瓶内气压小于外界大气压，会进一步向内压水柱，所以细管中的水柱将会下降；

（2）当两船高速并排行驶时，两船之间流体流速大，压强小，容易发生撞船事故，故不能告诉并排行驶。

故答案为：下降；   小；

16．（2分）（2019•绥化）在“探究凸透镜成像的规律”实验中，如图所示。光屏上呈现一个清晰的像，将蜡烛向靠近凸透镜方向移动，光屏上的像变模糊，要再次在光屏上得到清晰的像，可将光屏向 右 （选填“左”或“右”）移动。远视眼需要佩戴 凸透镜 （选填“凸透镜”或“凹透镜”）矫正。

【解答】解：u＝v＝2f＝50cm﹣30cm＝70cm﹣50cm＝20cm，凸透镜焦距为10cm，将蜡烛稍靠近凸透镜，光屏上的像变模糊。2f＞u＞f，成倒立、放大的实像。

凸透镜成实像时，物近像远像变大，因此要再次在光屏上得到清晰的像，则应将光屏向右移动；

凸透镜对光线有会聚作用，可以使光线提前会聚，可以矫正远视眼。

故答案为：右；凸透镜。

17．（2分）（2019•绥化）将电阻R与10Ω电阻串联后接到3V电源上，通过R的电流为0.1A，则R＝ 20 Ω．若R两端电压为0，则R＝ 20 Ω。

【解答】解：（1）由题意可知，电阻R与10Ω电阻R₁串联，

因串联电路中各处的电流相等，

所以，由I＝可得，电路中的总电阻：

R_总＝＝＝＝30Ω，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，电阻R的阻值：

R＝R_总﹣R₁＝30Ω﹣10Ω＝20Ω；

（2）因电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积有关，与两端的电压和通过的电流无关，

所以，若R两端电压为0，则R仍为20Ω不变。

故答案为：20；20。

18．（2分）（2019•绥化）我国北方房屋中的“暖气”用水作为介质，是因为水的 比热容 大；火箭用液态氢作燃料，是因为液态氢的 热值 大。

【解答】解：

（1）比热容越大，说明物质的吸放热能力就越强；北方房屋中的“暖气”用水作为介质，是因为水的比热容较大，在相同条件水可以放出更多的热量。

（2）火箭采用液态氢作为燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的液态氢和其它燃料相比，液态氢可以释放出更多的热量。

故答案是：比热容；热值。

19．（2分）（2019•绥化）如图所示，水壶的壶嘴和壶身构成一个简单的 连通器 。若水对壶底压强是1.5×10³Pa，则壶中水深 15 cm。

【解答】解：

（1）水壶的壶嘴和壶身下部连通、上端开口，符合连通器的特点，即水壶的壶嘴和壶身构成了一个连通器；

（2）由p＝ρgh可得，壶中水深：h＝＝＝0.15m＝15cm。

故答案为：连通器；15。

20．（2分）（2019•绥化）如图所示，轻质杠杆OB可绕固定轴0自由转动（AB＝2AO）。将棱长为10cm的正方体合金块，用轻绳挂在A点处，在B点施加竖直向上的力F₁＝30N时，杠杆在水平位置平衡，此时合金块对水平地面的压强恰好为0，则合金块的质量是 9 kg．若撤去F₁，在B点施加力F₂时，合金块对地面的压强为1.2×10³Pa，则力F₂的大小是 52 N。

【解答】解：（1）在B点施加力F₁＝30N时，杠杆在水平位置平衡，合金块对水平地面的压强恰好为0．对合金块进行受力分析可知，此时合金块受到竖直向下的重力和细绳对它竖直向上的拉力，并且这两个力是一对平衡力，根据杠杆平衡条件：F₁L₁＝F₂L₂可得，G•OA＝F₁•OB，即G•OA＝30N•3OA，

解得G＝90N，

合金块的质量m＝＝＝9kg；

（2）从图中可以看出，OBC为直角三角形，而直角三角形30°角对应的直角边等于斜边的一半，故拉力F₂的力臂为L₂＝OB，

撤去F₁，在B点施加F₂时，合金块对地面的压强为1.2×10³Pa，对合金块进行受力分析可知，此时合金块受重力、绳子向上的拉力及地面对它的支持力，如图所示：

F_N＝pS＝1.2×10³Pa×0.1m×0.1m＝12N

F_A+F_N＝G

F_A＝G﹣F_N＝90N﹣12N＝78N，

根据杠杆平衡条件：

F₂L₂＝F_AOA，即F₂•OB＝78N•OB，

解得F₂＝52N。

故答案为：9；52。

21．（2分）（2019•绥化）如图所示是探究电流通过导体时产生的热量与 电流 关系的实验装置。通电一段时间，左侧容器和右侧容器中的电阻丝产生的热量之比为 4：1 。

【解答】解：由图知，装置中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I_右＝I_左，两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I_右＝I₁+I₂，两电阻阻值相等，则支路中电流相等，I₁＝I₂，所以右边容器中的通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，即是研究电流产生的热量与电流的关系；

由Q＝I²Rt可知，左边容器中的电阻产生的热量是右侧容器电阻丝产生的热量的4倍。

故答案为：电流；4：1。

22．（2分）（2019•绥化）图甲是灯L和电阻R的电流随电压变化的图象，将他们按图乙所示接入电路中。只闭合开关S，小灯泡的实际功率为0.8W；再闭合开关S₁，电流表的示数变化了 0.2 A．若将R与标有“50Ω 0.5A”的滑动变阻器串联后接到该电源（电源电压恒定）上，则滑动变阻器消耗的最大电功率是 0.1 W．

【解答】解：（1）由乙图可知，只闭合开关S时，电路为灯泡L的简单电路，电流表测通过灯泡的电流，

由图甲可知，当灯泡两端的电压U_L＝2V、通过的电流I_L＝0.4A时，

灯泡的实际功率：P_L＝U_LI_L＝2V×0.4A＝0.8W，

则电源的电压：U＝U_L＝2V；

再闭合开关S₁时，灯泡L与定值电阻R并联，电流表测干路电流，

因并联电路中各支路独立工作、互不影响，

所以，通过灯泡的电流不变，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，由图象可知，通过R的电流：I_R＝0.2A，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，电流表示数变化了0.2A，

由I＝可得，R的阻值：

R＝＝＝10Ω；

（2）若将R与标有“50Ω 0.5A”的滑动变阻器串联后接到该电源上，R与R_滑串联，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，电路中的电流：I＝，

则滑动变阻器消耗的电功率：

R_滑＝I²R_滑＝（）²R_滑＝＝＝＝，

当R_滑＝R＝10Ω时，滑动变阻器消耗的电功率最大，则

P_滑大＝＝＝0.1W。

故答案为：0.2；0.1。

三、作图与实验探究题（本题共9个小题，共41分）

23．（2分）（2019•绥化）如图所示，轻质动滑轮处于平衡状态。请在图中画出物体所受的重力（体现动滑轮省力），同时标出支点O并画出拉力F对应的力臂l。

【解答】解：

动滑轮的支点在左边缘，从支点O到力F作用线的距离就等于F的力臂，如图所示；

物体的重力作用点在其几何中心，由重心向下作竖直向下的有向线段，即为其重力示意图，动滑轮动力臂是阻力臂的两倍，所以绳子自由端拉力F是物体重力的，所以重力G的线段长是F的两倍，如图所示；

24．（2分）（2019•绥化）请用笔画线表示导线，将图中的电灯、开关和插座正确接入家庭电路中。

【解答】解：（1）灯泡接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺旋套，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故；

（2）三孔插座的接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线，如下图所示：

25．（4分）（2019•绥化）在“探究影响电阻大小的因素”的实验中，某实验小组同学利用如图所示的电路分别对“导体电阻跟它的材料、长度、横截面积有关”的猜想进行实验验证。实验中使用4根电阻丝，其规格、材料如表所示。

（1）实验中通过观察 电能表的示数大小 来比较电阻的大小，此过程用到的研究方法是 转换法 。

（2）分别将C、D两根合金丝接入电路，可初步探究出的结论是 导体的材料、横截面积相同时，长度越长，电阻越大 。

（3）分别将 B、C （填编号）两根合金丝接入电路，可初步探究出的结论是：导体的材料、长度相同时，横截面积越小，电阻越大。

【解答】解：

（1）在该实验中，电阻的大小是通过电流的大小来体现的，电流越小说明电阻越大。这种方法是转换法。

（2）由表中数据可知，将C、D两根合金丝接入电路，C、D合金线的材料、横截面积相同，而长度不同，并且D合金丝的长度大于C的长度，发现接入D合金丝时，电流表的示数比接入C合金丝时更小，说明D合金丝的电阻比C合金丝的电阻大，由此初步得出结论：导体的材料、横截面积相同时，长度越长，电阻越大；

（3）由表中数据可知，将B、C两根合金丝接入电路，B、C合金线的材料、长度相同，而横截面积不同，并且C合金丝的横截面积小于B的横截面积，发现接入C合金丝时，电流表的示数比接入B合金丝时更小，说明C合金丝的电阻比B合金丝的电阻大，由此初步得出结论：导体的材料、长度相同时，横截面积越小，电阻越大；

故答案为：（1）电能表的示数大小；转换法；

（2）导体的材料、横截面积相同时，长度越长，电阻越大；

（3）B、C。

26．（4分）（2019•绥化）如图，某实验小组在“探究物体的动能跟哪些因素有关”的实验中，让小球从同一斜面某处由静止释放，撞击同一水平面上的同一木块，木块移动一段距离后停止。

（1）小球滚下斜面的过程中，它的 重力势 能转化为动能，其动能大小是通过木块移动的距离来反映的。

（2）分析比较 甲、乙 两次实验，可探究出的结论是：质量相同的物体，速度越大，动能越大。

（3）甲实验中若木块的重力为1N，水平移动的距离是30cm，则重力对木块做功 0 J。

（4）如果水平面光滑，则 不能 （选填“能”或“不能”）完成本实验。

【解答】解：

（1）小钢球从斜面滚下过程中，质量不变，高度减小，故重力势能减小，同时速度变大，动能增加，所以是将重力势能转化为动能的过程；其动能大小是通过小木块移动的距离大小来反映的；

（2）分析比较甲和乙两组实验可得，物体的质量相同，而下滑的高度不同，甲图中下滑的高度大，运动到水平时速度大，推动木块滑行的距离大，故物体质量相同时，速度越大，动能越大；

（3）木块水平移动，在重力的方向上没有移动距离，重力不做功，重力对木块做功0J；

（4）如果水平面是光滑的，没有阻力作用，木块被撞击后将做匀速直线运动，不能通过被撞击的距离来比较动能大小。

故答案为：（1）重力势；（2）甲、乙；（3）0；（4）不能。

27．（5分）（2019•绥化）图甲是小峰在标准大气压下“探究固体熔化时温度的变化规律”的实验装置。

（1）实验前按 自下而上 （选填“自上而下”或“自下而上”）的顺序组装器材。

（2）实验中，某时刻温度计的示数如图乙所示，该物质此时的温度是 ﹣2 ℃。

（3）图丙是小峰根据记录的数据绘制的温度随时间变化规律的图象，由图象可知该物质在熔化过程中吸收热量，温度不变，内能 增加 （选填“增加”“减少”或“不变”）。

（4）由丙图可知，该物质在固态时的比热容是 2.1×10³ J/（kg•℃）。

（5）试管中的固体完全熔化后，若持续加热，烧杯中的水沸腾时，试管中的液体 不会 （选填“会”或“不会”）沸腾。

【解答】解：（1）酒精灯需用外焰加热，所以要先放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，且不能碰到容器壁和容器底，所以放好烧杯后，再调节温度计的高度，因此必须按照自下而上的顺序进行。

（2）由图乙可知，温度在0℃以下，分度值为1℃，故物质此时的温度是为﹣2℃；

（3）由图丙可知，该物质在熔化过程中，吸收热量，内能增大，温度不变，故该物质是晶体，熔化过程中处于固液共存态；

（4）从图象可知，该物质在0﹣2min时间内处于固态，温度从﹣3℃升高到0℃，温度升高了3℃，物质在固态时所吸收的热量Q_固＝c_固m×3℃；在第6﹣10min时间物质处于液态，温度从0℃升高到3℃，温度升高了3℃．则物质在液态时所吸收的热量Q_液＝c_液m×3℃；由于物质的质量不变，在相同时间内吸收的热量相等，即2Q_固＝Q_液，2c_固m×3℃＝c_液m×3℃，

则c_固＝c液＝×4.2×10³J/（kg•℃）＝2.1×10³J/（kg•℃）。

固态时比热容为2.1×10³J/（kg•℃）。

（5）当大烧杯中的水沸腾后，尽管不断吸热，但烧杯中的水温度不再升高，保持水的沸点温度不变；小试管中的水从大烧杯中吸热，温度达到水的沸点后，就和烧杯中的水的温度一样，就不能从烧杯中继续吸热，这时虽然达到了沸点，但不能吸收热量，所以不会沸腾。

故答案为：（1）自下而上；（2）﹣2；（3）增加；（4）2.1×10³；（4）不会。

28．（5分）（2019•绥化）某兴趣小组用如图所示的器材“探究平面镜成像的特点”。实验中蜡烛放在水平面上，玻璃板竖直放置。请回答下列问题。

（1）用透明玻璃板代替平面镜的目的是 便于确定像的位置 。应选择 薄 （选填“薄”或“厚”）玻璃板进行实验。

（2）将点燃的蜡烛A放在玻璃板前5cm处，小丽沿垂直板面方向将A以5cm/s的速度远离玻璃板，2s后放稳。则未点燃的蜡烛B与A相距 30 cm才能与A的像完全重合。

（3）将光屏放到像的位置，光屏上 不能 （选填“能”或“不能”）承接到像。

（4）若玻璃板上端向左倾斜（如图），蜡烛A在玻璃板中成像的位置会 偏高 （选填“偏高”或“偏低”）。

【解答】解：（1）玻璃板透明，用其来代替平面镜，虽然成像不如平面镜清晰，但却能在观察到A蜡烛像的同时，也能观察到B蜡烛，巧妙地解决了像的位置不易确定的问题。这种方法是等效替代法；

为了减小误差，实验中应选用薄玻璃板进行实验；

（2）小丽沿垂直板面方向将A以5cm/s的速度远离玻璃板，像的大小不变，由v＝，可得A蜡烛移动的距离s＝vt＝5cm/s×2s＝10cm，此时A蜡烛距平面镜的距离s′＝5cm+10cm＝15cm，

根据像与物体到平面镜的距离相等可得：B蜡烛应与A相距15cm+15cm＝30cm，这样才能与A的像完全重合。

（3）因为光屏只能接收实像，不能接收虚像，所以移去蜡烛B，并在其所在位置上放一光屏，光屏不能接收到的烛焰的像，从而说明平面镜成的像是虚像；

由平面镜的成像特点，像物关于镜面对称可知：玻璃板如果不竖直，蜡烛A的像偏高。

故答案为：（1）便于确定像的位置；薄；（2）30；（3）不能；（4）偏高。

29．（5分）（2019•绥化）如图是智慧小组“测滑轮组的机械效率”的实验装置。测得的实验数据如表。

（1）实验过程中，应竖直向上 匀速 拉动弹簧测力计。

（2）第三次实验中滑轮组的机械效率是 74.1% 。

（3）分析表中实验数据可知，同一滑轮组，物重 越大 ，滑轮组的机械效率越高。

（4）若在第三次实验中，物体上升的速度为0.1m/s，则拉力F的功率为 0.54 W

（5）创新小组也利用重为1N、2N、4N的物体进行了三次实验，每次测得的机械效率均大于智慧小组的测量值，则创新小组测量值偏大的原因可能是 C 。（填字母）

A．测拉力时，弹簧测力计未调零，指针指在零刻度线下方

B．弹簧测力计每次拉动物体时均加速上升

C．所使用的动滑轮的重力小于智慧小组

【解答】解：（1）实验过程中，应竖直向上匀速拉动弹簧测力计，系统处于平衡状态，拉力等于测力计示数；

（2）第三次实验中滑轮组的机械效率是：

η＝＝＝≈74.1%；

（3）纵向分析表中实验数据可知，同一滑轮组，物重越大，滑轮组的机械效率越高；

（4）若在第三次实验中，F＝1.8N，物体上升的速度为0.1m/s，则绳子自由端的速度：

v＝3×0.1m/s＝0.3m/s，

则拉力F的功率为：

P＝＝＝Fv＝1.8N×0.3m/s＝0.54W；

（5）A．测拉力时，弹簧测力计未调零，指针指在零刻度线下方，拉力测量大了，机械效率变小，不符合题意；

B．弹簧测力计每次拉动钩码时均加速上升，拉力变大，机械效率变小，不符合题意；

C．使用的动滑轮的重力小于智慧小组，克服动滑轮做的功减小，额外功减小，机械效率变大，符合题意；故选C。

故答案为：（1）匀速缓慢；（2）74.1%；（3）越大；（4）0.54；（5）C。

30．（6分）（2019•绥化）如图所示是“探究浮力的大小跟哪些因素有关”的实验装置和实验过程中弹簧测力计挂着同一金属块的示数。

（1）金属块浸没在水中时，受到的浮力是 2 N。

（2）分析图丙、丁可知，浮力大小跟物体浸没在水中的深度 无关 （选填“有关”或“无关”）。

（3）分析 丁、戊 两图可知，浸在液体中的物体所受浮力大小跟液体密度有关。戊图中盐水的密度是 1.2×10³ kg/m³．如果在实验中不小心使戊图中的金属块接触了容器底且与容器底有力的作用，此时测量出的盐水密度值将如何变化，并分析原因 偏大，金属块与容器底有力的作用，则测力计示数变小，导致F_浸盐水变小，根据称重法，故F_浸盐水变大，根据ρ_盐水＝ρ_水知，测量的盐水密度值将偏大 。

（4）实验中由于握着测力计的手臂易晃动，导致测力计示数不稳定，读数困难。请你写出一种改进措施 将弹簧测力计固定在铁架台上，通过改变铁夹的高度来改变浸入水中的多少 。

【解答】解：（1）根据称重法测浮力，金属块在水中受到的浮力为：

F_浮＝G﹣G_C＝4.8N﹣2.8N＝2N；

（2）分析丙、丁两图，当金属都块浸没在水中后，金属块的深度不同，但测量力计示数相同，根据称重法测浮力：F_浮＝G﹣G′知，所受浮力的大小大小相同，故得出当金属块浸没在水中后，所受浮力大小跟物体浸没在水中的深度无关；

（3）比较图丁戊，排开液体的体积相同，而排开液体的密度不同，两图中，测力计示不同，根据称重法，可知金属块受到的浮力不同，故由实验数据可得到的结论是：浸在液体中的物体受到浮力的大小与液体密度有关；

金属块浸没在水中受到的浮力：F_浸水＝2N﹣﹣﹣﹣﹣﹣①，

根据阿基米德原理有：

F_浸水＝ρ_水gV_排水＝ρ_水gV_物﹣﹣﹣﹣﹣②，

由图甲戊知，金属块浸没在盐水中受到的浮力：

F_浸盐水＝4.8N﹣2.4N＝2.4N﹣﹣﹣﹣﹣﹣③，

根据阿基米德原理有：

F_浸盐水＝ρ_盐水gV_排盐水＝ρ_盐水gV_物﹣﹣﹣﹣﹣﹣④，

由②④得：

ρ_盐水＝ρ_水﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣⑤；

将①③代入⑤得：

ρ_盐水＝ρ_水＝1.2×10³ kg/m³；

如果他在实验中不小心使E图中物体接触了容器底且与容器底有力的作用，则测力计示数变小，导致F_浸盐水变小，根据称重法，故F_浸盐水变大，根据ρ_盐水＝ρ_水知，测量的盐水密度值将偏大。

（4）实验中，由于握着测力计的手臂晃动，导致测力计示数不稳定，读数困难，可以将弹簧测力计固定在铁架台上，通过改变铁夹的高度来改变浸入水中的多少。

故答案为：（1）2；（2）无关；（3）丁、戊；1.2×10³； 偏大，金属块与容器底有力的作用，则测力计示数变小，导致F_浸盐水变小，根据称重法，故F_浸盐水变大，根据ρ_盐水＝ρ_水知，测量的盐水密度值将偏大；

（4）将弹簧测力计固定在铁架台上，通过改变铁夹的高度来改变浸入水中的多少。

31．（8分）（2019•绥化）小倩同学现有一个标有“3.8V”字样的小灯泡，她想知道小灯泡的额定功率，于是连接了如图甲所示的实验电路（不完整），电源电压恒为6V．

（1）请用笔画线代替导线，完成图甲中实物电路的连接。（连线时导线不能交叉）

（2）图甲中，连接电路时，开关应处于 断开 状态。闭合开关前滑动变阻器的滑片应位于 B （选填“A”或“B”）端。

（3）电路连接完整后，闭合开关，发现小灯泡不发光，但电流表有示数，接下来的操作应该是 C 。（填字母）

A．更换小灯泡

B．检查电路是否有故障

C．移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光

（4）实验时，移动滑片P到某处，电压表示数为2.5V．要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向 A （选填“A”或“B”）端移动。当电压表示数为3.8V时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是 1.14 W。

（5）在实验操作中，发现电流表损坏不能使用。小倩利用阻值已知的定值电阻R₀，设计了如图丙所示的电路，测量额定电压为U_额的另一小灯泡的额定功率。操作如下：

①闭合开关S、S₁，断开S₂，调节滑动变阻器，使电压表的示数为 U_额 ；

②保持滑动变阻器滑片位置不变，闭合开关S、S₂，断开S₁，读出电压表示数为U；

③小灯泡的额定功率P_额＝ U_额× 。（用U、U_额和R₀表示）

【解答】解：（1）灯的额定电压为3.8V，故电压表选用大量程与灯并联，如下所示：

（2）图甲中，连接电路时，开关应处于断开状态。闭合开关前滑动变阻器的滑片应位于阻值最大处B端。

（3）电路连接完整后，闭合开关，电流表有示数，说明电路为通路，发现小灯泡不发光，则电路中的电流过小，接下来的操作应该是移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光；

（4）灯在额定电压下正常发光，示数2.5V小于灯的额定电压3.8V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向A移动，直到电压表示数为额定电压；

当电压表示数为3.8V时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流0.3A，则小灯泡的额定功率是：

P＝UI＝3.8V×0.3A＝1.14W；

（5）①闭合开关S、S₁，断开S₂，调节滑动变阻器，使电压表的示数为U_额；

②保持滑动变阻器滑片位置不变，闭合开关S、S₂，断开S₁，读出电压表示数为U；

③在②中，电压表测灯与定值电阻的总电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，此时定值电阻的电压为：

U₀＝U﹣U_额，由欧姆定，灯的额定电流：

I＝，小灯泡的额定功率：

P_额＝U_额×。

故答案为：（1）如上所示；（2）断开；B；（3）C；（4）A；1.14；（5）U_额；U_额×。

四、综合应用题（本题共2个小题，共15分）

32．（8分）（2019•绥化）小泽家有一新型的电热足浴器。其铭牌上的部分信息如下。

（1）求电热足浴器正常工作时的电阻；

（2）用这个足浴器将5kg的水从20℃加热到40℃，求水吸收的热量；

（3）若此足浴器在额定电压下使用，需500s才能将（2）问中的水从20℃加热到40℃，求这个电热足浴器的加热效率；（计算结果精确到0.1%）

（4）小泽家安装的电能表如图所示。某次小泽断开家中的其它用电器，让电热足浴器单独工作，在1min内电能表的转盘转过50r，求此时该足浴器两端的实际电压。

【解答】解：（1）由P＝得，电热足浴器正常工作时的电阻：

R＝＝＝40Ω；

（2）水吸收的热量：

Q＝cm（t﹣t₀）＝4.2×10³J/（kg•℃）×5kg×（40℃﹣20℃）＝4.2×10⁵J；

（3）足浴器在额定电压下使用500s消耗的电能：

W＝Pt＝1210W×500s＝6.05×10⁵J，

电热足浴器的加热效率：

η＝×100%＝×100%≈69.4%；

（4）由图知，电能表上标有3000r/（kW•h），

让电热足浴器单独工作，在1min内电能表的转盘转过50r，

则足浴器1min消耗的电能：

W′＝kW•h×50＝kW•h＝6×10⁴J，

由W＝t得，此时该足浴器两端的实际电压：

U_实＝＝＝200V。

答：（1）电热足浴器正常工作时的电阻为40Ω；

（2）水吸收的热量为4.2×10⁵J；

（3）电热足浴器的加热效率为69.4%；

（4）此时该足浴器两端的实际电压为200V。

33．（7分）（2019•绥化）如图，均匀圆柱体A的底面积为6×10^﹣3m²，圆柱形薄壁容器B的质量为0.3kg、底面积为3×10^﹣3m²、内壁高为0.7m。把A、B置于水平地面上。已知A的密度为1.5×10³kg/m³，B中盛有1.5kg的水。

（1）若A的体积为4×10^﹣3m³，求A对水平地面的压力；

（2）求容器B对水平地面的压强；

（3）现将另一物体甲分别放在A的上面和浸没在B容器的水中（水未溢出），A对地面压强的变化量与B中水对容器底压强的变化量相等。

求：①物体甲的密度

②物体甲在B容器中受到的最大浮力。

【解答】解：（1）由ρ＝可得，A的质量：

m_A＝ρ_AV_A＝1.5×10³kg/m³×4×10^﹣3m³＝6kg，

A对地面的压力：

F_A＝G_A＝m_Ag＝6kg×10N/kg＝60N；

（2）容器B对地面的压力：

F_B＝G_总＝（m_水+m_B）g＝（1.5kg+0.3kg）×10N/kg＝18N，

容器B对地面的压强：

p_B＝＝＝6000Pa；

（3）①因水平面上物体的压力和自身的重力相等，

所以，甲放在A的上面时，A对地面压强的变化量：

△p_A＝＝＝，

甲浸没在B容器的水中时，排开水的体积：

V_排＝V_甲＝，

水上升的高度：

△h＝＝＝，

B中水对容器底压强的变化量：

△p_B＝ρ_水g△h＝ρ_水g，

因A 对地面压强的变化量与B中水对容器底压强的变化量相等，

所以，△p_A＝△p_B，即＝ρ_水g，

则ρ_甲＝ρ_水＝×1.0×10³kg/m³＝2×10³kg/m³；

②水未溢出时，甲的最大体积等于B的容积减去水的体积，此时甲排开水的体积最大，受到的浮力最大，

则V_排＝S_Bh_B﹣V_水＝S_Bh_B﹣＝3×10^﹣3m²×0.7m﹣＝6×10^﹣4m³，

甲受到的最大浮力：

F_浮＝ρ_水gV_排＝1.0×10³kg/m³×10N/kg×6×10^﹣4m³＝6N。

答：（1）A对地面的压力为60N；

（2）容器B对地面的压强为6000Pa；

（3）①物体甲的密度为2×10³kg/m³；②甲受到的最大浮力为6N。

2019年河南省中考物理试卷（参考答案与试题解析）

2019年河南省中考物理试卷（参考答案与试题解析）,中考物理,莲山课件.